PHƯƠNG PHÁP GIẢI TOÁN

HỖN HỢP (KIM LOẠI KIỀM, KIỀM THỔ VÀ OXIT CỦA NÓ)

TÁC DỤNG VỚI NƯỚC, AXIT (H

+

)

Thầy Nguyễn Đình Hành – THCS&THPT Y Đôn, Gia Lai

I- Bài toán tổng quát:

Thường gặp 2 dạng sau đây, hoặc thay đổi (thêm bớt) đôi chút.

2

2

3

2

2

3

3

2

4

2

CO

2

HCl,H SO

2

X

4

H

cation

BaCO

Al(OH)

Ba

, N

d.

a

OH ,AlO

c

Na, Ba

X

dZ

T :[

]

d.dY

d.d

ation

Ba, Na, Al

Quy

O

B

Na O,BaO

Al,

Z

T :[

l

O

H

A

O

-

2-

3

3

-

2-

tan hÕt

KL

HCO ,CO

KL

Cl ,SO

(

I

)

®æi









   

    

   





  







 



  

















4

3

(II)

aSO

A (

H ]

l O )



























n

X

H

Ba

Na

Al

2

(2)

m

16n

153n

31n

51

(3)

2

Ba

Na

Al

H

O

2

(1): BT Electron: 2n + n

+ 3n = 2n

+ 2n

Quy ®æi H thµnh O, gi¶ thiÕt ®èt X vµ

C¸c mèi liªn hÖ quan träng th êng ¸p dông n

BTKL:

hÊt:











2

HCO

3

3

2

Cl

4

(4)

2

2

4

O

H

Al(OH)

2

3

CO

O

H

Al(OH)

2

3

SO

NÕu Y t¸c dông

BT ®iÖn tÝch kim lo¹i:

2n + 2n

= 3n

+ n

+ 2n

(I)

2n + 2n

= 3n

+ n

+ 2n

(

CO

NÕu Y t¸c dông HCl, H S

II)

O









3

4

3

2

HCO

Cl

KL

Al(OH)

CO

kÕt tñaT

muèi Z

3

KL

Al(OH)

SO

kÕt tñaT

muèi Z

3

Tæng khèi l î ng muèi, kÕt tña:

m + 51n

+ 61n

+ 60n

= m

+ m

(I)

NÕu Y t¸c dông CO

m + 51n

+ 35,5n + 96n

= m

+ m

2

4

NÕu Y t¸c dông HCl, H SO

Tï y vµo ®Æc ®iÓm mçi bµi to¸n, ta chän c¸ch vËn dôn

(II)

g phï hî p

...

II- Các ví dụ minh họa

Ví dụ 1: Hòa tan 2,60 gam hỗn hợp X gồm Ca, Na, CaO, Na

2

O trong nước thu được 50 gam dung dịch Y

và 1,008 lít H

2

(đktc). Cho dung dịch Na

2

CO

3

dư vào Y thu được 1,5 gam kết tủa. Nồng độ phần trăm của

NaOH trong dung dịch Y là

A. 5,6%.

B. 6,4%.

C. 8,0%.

D.11,2%.

(Thầy Nguyễn Đình Hành – THCS&THPT Y Đôn, Gia Lai)

Hướng dẫn giải:





CaCO

H

Ca OH

3

2

2

n

n

0,015 mol ; n

0,045 mol







Quy đổi H

2

thành O, giả thiết đốt X: 2,6 gam X + 0,045 mol O



x (mol) Na

2

O + 0,015 mol CaO

BTKL



2,6 + 0,045.16 = 62x + 0,015.56



x = 0,04



n

NaOH

= 0,08 mol

NaOH

0,08.40

100

C%

6,4%

0

%

5









Ví dụ 2: Hòa tan hoàn toàn 44,68 gam hỗn hợp X gồm K, K

2

O, Ba, BaO trong nước thu được 0,09 mol

H

2

và 400 gam dung dịch Y có nồng độ mol KOH 2,8% và Ba(OH)

2

x%. Giá trị của x là

A. 10,26%.

B. 10,66%.

C. 7,63%.

D. 8,53%.

(Thầy Nguyễn Đình Hành – THCS&THPT Y Đôn, Gia Lai)

Hướng dẫn giải:

















2

0

KOH

Ba OH

t

2

BTKL

2,8.400

4x

n

0, 2 mol ;

n

mol

100.56

171

4x

44,68 gam X

0,09 mol O

0,1 mol K O

mol

BaO

171

4x

44,68

0, 09.16

0,1.94

153

x

10,26%

171

2

.

Quy ®æi H thµnh O, gi¶ thiÕt ®èt X:









 



  













Thường cho AlO

2

-

hết

Để tải trọn bộ chỉ với 50k, vui lòng liên hệ qua Zalo 0898666919 hoặc Fb: Hương Trần